本文从以下几个角度介绍。
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物理试题)
答疑解惑全解全析低，所以从A点运动到B点的过程中粒子的电v0',有xa sin53°=v0't,xab COS53°=势能先减少后增加，D项错误。2×，6.AC由于在x=x1处与x=x2处小球动能有解得t=极值，所以小球在这两个位置所受合力均为0，-台wA项错误，B项正确25g则这两个位置的电场强度相同，A项正确；小小球带正电，从α到b电场力做正功，电势能减球从x=x1处运动到x=x2处，根据能量守恒小，C项错误。根据动能定理，小球在电场中运定律可知，电势能增加量等于E1一E2十mg(x1一x2),B项错误；x=x1处与x=x2处咖时有，25gos53°=2m2-2m,,电场强度相同且小球加速度为0，小球从x=x1解得v=2√13处运动到x=x2处过程中图线斜率先增大后减5oD项正确。小，所以小球加速度先增大后减小，C项正确；根小题卷27电容器据能量守恒定律可知，小球动能、重力势能与电势1.A电容器能储存电荷，A项正确；根据C=能之和不变，小球从x=x。运动到O点过程中，erS小球动能先增大后减小再增大，所以电势能与重4πka可知电容器两电极正对面积越大，电容越力势能之和先减小后增大再减小，D项错误。大，电容器两电极的距离越远，电容越小，B、C7.D根据对称性和矢量合成可知，M、P两点电两项错误；实际中常用单位还有F和pF,1uF场强度大小相等、方向相同，过M、O、P的直=10pF,D项错误线为零电势线，因此M、O、P三点电势相等，2.C由△Q=C·△U=68×10-6×1C=6.8X均为零，则将电子沿路径M→O→P移动，静电力一直不做功，A、C两项错误；由几何知识105C可知，A项错误；由U=9=。1C68x106V可知N、O、Q在同一直线上，连接三点分别与≈1.5×104V可知，电容器被击穿，B项错误；ab和cd相交于A、B点，分析可知NA和BQ击穿电压为400V表示该电容器能承受的最间存在电场强度为零的点，分别设为C、D,则大电压为400V,则能容纳的最大电荷量QN、Q间的电场方向如图所示，将质子沿路径CU=6.8×10-5×400C=2.72×10-2C,C项N→C移动，静电力做负功，沿路径C→O→D正确，D项错误。移动，静电力做正功，沿路径D→Q移动，静电3.B在“峪”处形成的小电容器，极板与指纹间力做负功，D项正确；N、Q两点电场强度大小相等，方向也相同，又无穷远处电势为零，则PN距离d较大，根据电容的决定式C=n可>0,PQ<0,所以PN>PQ,B项错误。知，该处电容较小，所带电荷量较小，则放电较快，A项错误；在“嵴”处形成的小电容器，极板与指纹间距离d较小，根据电容的决定式C=erS4k可知，该处电容较大，B项正确；根据电容的定义式有C=号，由题意可知，电容器的电压不变，则手指用力挤压绝缘表面，电容器两极8.BD未加电场时，根据斜抛运板间的距离减小，电容变大，电容器带电荷量动规律，可得x0=24vo225g:加上3增大，手指缓慢离开绝缘表面，电容器两极板37o4-mg53间的距离增大，电容变小，电容器带电荷量减电场后，分析该小球受力，如图小，C项错误；手指出汗时，湿的手与传感器之所示，可知小球所受合力恰与初mgF合间有水填充，改变了原来匹配成行板电容器速度垂直，故小球在匀强电场中做类抛运的电容，所以会影响指纹采集器的使用，D项动，设小球从a运动到b的时间为t,初速度为错误。·35·25J
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