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It offersPyrariver0入我据10X70X92X5-1.1X10x0.3S根据牛顿第二定律有273+27代入数据解得T=495KF-mg=m是2)外界对气体微功W=-P,S△6=-1.1X10×2X10-1X0.1=-22]代入数据解得F=3m1g由热力学第一定律△U-W十Q气体吸枚格量Q=△U-W=20J-（-22JD=42J0器会6分器8分(2小球与小滑块发生弹性正碰，以碰拉前小球的速度方向为正方白，根摇动量守恒定痒有BL9BLm14=m1′十m22【解析1)导体林以建度%沿领斜导轨向下：匀速直线运动时，感应电流根据机械能守恒定律有1-{-聚2m或=之mn”+名m话导体棒所受安培力F=BIL根据已知条件m2=3m由衡条件F=mgsin日联立并代入数据解得解得=加Rsin日u'=-2m/sB'Lv =2 m/s功率P。=F可知屋撞后小球的选度与碰拉前选度方句相反，根据机诚能守性定律有联立解得R,=Rsin9m8h=2m”B'L(2)设导体棒横藏面积为S,由电流的微观表达式得导体棒匀速时的电流代入数据解得h=0.2m设小球速度为零时悬线与竖直方向的夹角为日BLu1=neSu=Ros9R-0-602-是R0.8每得碧器小球速度为零时同理，自由电于沿导体棒定向移动的速率变为兰时，导体棒的速度满足asin gsin m/2(3)碰后小滑块滑上传送带，因2=2m/s>v=1m/s,故小滑块滑上传送带后先做匀减速直v-4-.台线运功。这段时间内，导体棒一直克服安培力做功，由动能定理得根据牛顿第二定律有-um:g=ma aiw-m-名m代入数据解得a2=一2m/s解得p=4m'R'sin20则小滑块由2m/s减速至1m/s的位移为设这段时间：内导体棒中均电流为，对导体棒由动量定理得-05n-BILt=mv-muo减速运动的时间为t=”二=0.5。a由电流的微观表达式得因x=0.75m<1.5m,故之后小滑块将做匀速运动至传送带右端7=neSo。则匀速运动的时间为则自由电子沿导体棒定向移动的距离=比1=L-x-1.5-0.75=0.75s2mRue1解得1=3BD滑块在传送带上运动的时间15a3分)@59g6分)a1.256分t+1=0.5s+0.75s=1.25s。【解析】(1)设小球质量为m,碰前瞬间小球的速度为凸，报据机械能守恒定律有mgR=乞m4代入数据解得=4m/s27