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排行驶的时间间隔为2s,故D错误.7.D由题意可知“L-SAR01组A星”的轨道半径为n1=R+h=7000km,地球同步卫星的轨道半径为r2=R十H=42000km.“L-SAR01组A星”和地球同步卫星环绕地球做圆周运动时的万有引力提供向心力，则由G-m2r得wV,则L-SA01组A星”和地球同步卫星的角速度之比为一6YA结误：由G-加得a-G当a0,B错误：由G-a号得。√√/，则“L-SARD1组A星”和地球彤的酸速度2北为C误：由（停r得T2中盘霜T=号h假设L-SAK01组A星”与同步卫星两次间隔最近的时间为，则六、一t=1,整理得t=TA·T战=129h,D正确.T同步-TA678.CD设两极板之间的距离为d,粒子的质量为m,电荷量的绝对值为q.0~T。时间内平行板间的电场强度为E-号，粒子以加速度a-向上做匀加速直线运动，经过时间工的位移为=合4T,速度为n“T工，了一2江时间内平行板间电场强度为E一号加速度大小为a=票粒子以m的速度先向上微匀减速直线运动到达M板速度减为零后向下做匀加速直线运动，位移为，=mT。一号：T。,由题意知1=2T。时刻粒子回到出发点，则有x1十x2=0,联立可得U1：U2=1：3,A错误，C正确；由以上分析可知T。时刻粒子的速度大小为m-%T,2T,时刻粒子的速度大小为=m一T,整理得=-2T,显然在T。dmdm时刻粒子的速率并不是最大，B错误，T。与2T。时刻粒子的速率之比为：=1：2，由公式瓜=号m可知T与2To时刻粒子的动能之比为1：4，D正确，9.AD设导体棒克服安培力做功为W1、克服摩擦力做功为W2,由动能定理得mgh一mgd一W1=0,则整个过程系统产生的热量为Q=mgh,B错误；导体棒克服安培力所做的功为W1=mg(h一ud),则电路中产生的总的焦耳热Q-W=mgh一)，则定值电阻上产生的焦耳热为Q=7mg(h一)，A正确：导体棒在下滑过程中，其机械能守恒，由机械能守恒定律得mgh=7m2,解得=√2gh,导体棒进入磁场瞬间的感应电动势为E=BL,由闭合电路欧姆定律得I一条又F=BL,由牛顿第二定律得mg十及-0，解得2Ra-4g十B1亚.C错误：金属棒经过磁场通过某载面的电量为？一架-紧，根据动量定理一B1.△2mRmg△1=0一m,其中g=I△，解得△L=Y2-d,D正确.ug 2Rumg'10.BC由图乙可知，物品在0~tz内做匀加速直线运动，则运输带对物品的摩擦力为滑动摩擦力，方向沿运输带水平向右；tz末物品与运输带具有相同的速度，则tx~3s的时间内物品所受的摩擦力为零，A错误.在0~七，内物品加速的位移为x1=受：，物品匀速的位移为”=w(3一6)，在0~，内运输带的位移为xtz,又x1十x2=L、x3一x1=△x,由以上可解得o=1m/s、tz=0.4S,则物品加速时的加速度大小为a=先=4m/:=25m/,由牛顿第二定律得mg=ma,代入数据解得=0.25，B正确：物体在运输带上加速时受摩擦力的作用，匀速时不受摩擦力，则运输带对物品摩擦力的冲量为Ir=gtx=0.25×5×10×0.4N·s=5N·s,C正确；由能量守恒定律得因传送物品多消耗的电能为E=号m2+mg·△x=5J,D错误1l.(2(2分)(2)mgL-Md_M20d(2分）(3mgt-M+mL_M+mde分)2t场2号t2t1解析：(1)在“探究加速度与滑块质量的关系”时，由牛顿第二定律mg=(M十m)a,得二=·M十1，则a mgg【高三教学质量监测调研考试·物理参考答案第2页（共4页）】233160D
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