本文从以下几个角度介绍。
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1、百师联盟2024高三冲刺卷二物理
2、百师联盟2024新高考卷物理
1 物理(福建卷)试题)
mg时，画出力的示意图，方向一定竖直向下，A项正确。根据动能定理XXX如图乙所示。分析图乙可1X知，当FA与导线拉力垂直有mgl(1-cos)=2m2,由动量定理有B1时，0取得最大值，由左手定w,电荷量q=It,解得g=则可知此时磁场方向行于m2g1一cosD,B项错误。重力做功的大PQNM,D项正确BL【例4】D【解析】电子带负电，进入磁场后【变式3】(1)0.5N,沿金属框面向上小等于导体棒重力势能的增加量，即△E,=根据左手定则可知，所受的洛伦兹力方向向左，(2)0.82R2.42mgl(1一cos),C项错误。由能量守恒可知，电子将向左偏转，如图所示，A项错误；设电子【解析】(I)根据饮姆定律知流过ab的电流I电源提供的电能W等于电路产生的焦耳热Q打在MN上的点与O'点的距离为x,则由几何==A=2A和导体棒重力势能的增加量△Ep,故W-Q△Epgl(1一cos),D项正确。知识得x=r-√2-d2-2d-√/(2d)2-d2金属棒所受安培力F安=BL=0.8X2X(2一√3)d,B、C两项错误；设轨迹对应的圆心第2讲磁场对运动电荷的作用0.25N=0.4N角为0，由几何知识得sin0=a=0.5,得0=中左手定则知，安培力沿金属框面向上，ab棒学基础知识的最大静摩擦力fmx=ngcos0=0.5N要点石，则电子在磁场中运动的时间1=血=vo 3vo由于ngsin0-F安-0.6N>0.5N①运动电荷②左手③B、v④不做功D项正确。所以金属棒所受摩擦力为滑动摩擦力，大小为⑤匀速直线⑥匀速圆周P..O0aB0.5N,沿金属框面向上。左(2)当滑动变阻器R接入电路的阻值较大时，⑨无关M基础诊断1.B2.D电流I较小，安培力F较小，金属棒在重力的【例5】B【解析】设圆形区域的半径为R,讲关键能力分力作用下有沿金属框面下滑的趋势，金属棒沿M)N方向以速度1射入圆形匀强磁场区【例1】D【解析】电子射线由P极向Q极所受静摩擦力沿金属框面向上，金属棒刚好不域的粒子离开磁场时速度方向偏转90°，其轨迹射出，P是阴极，所以射线管的阴极P接直流下滑时，满足衡条件有BE1,十mngcos日半径1=R,由洛伦兹力是供向心力，知91B=高压电源的负极，A、B两项错误；电子在阴极-=mgsin 0管巾的运动方向是P到Q,电子带负电，产生的2,可得m=;沿MON方向以速度代入数据解得Rax=2.42电流方向是Q到P,根据左手定则，四指指向射入圆形匀强磁场区域的粒子离开磁场时速度方当安培力较大，静摩擦力沿斜面向下时，有P,手掌对向V极，此时拇指指向下面，即射线向偏转60，由1an30°=卫，解得其轨迹半径2EL=2gc0s0 ngsin9向下偏转，C项错误，D项正确B【变式1】BC【解析】根据安培定则可知，R,由洛伦兹力提供向心力，得B=m2,可解得Rm=0.82导线上方磁场垂直纸面向外，小球从a到b与1所以滑动变阻器R接人电路的阻值范围为从c到b,洛伦兹力方向发生变化，显然细线拉13得,B项正确。力大小不相等，A项错误；由于洛伦兹力始终沿230.82R2.42【例5】B【解析】根据右手螺旋定则可知，细线方向，对小球摆动速度有影响的只有小球MN、PQ间有竖直向上的磁场，且通电直导线的重力，所以小球从a到b与从b到c的时间相产生的磁场为环形磁场，离导线越远磁场越弱，等，B项正确：由于洛伦兹力不做功，只有重力90°故不是匀强磁场，A项错误。沿导轨方向磁场做功，小球的机械能守恒，因此α点与c点一定不变，且回路PBAM中也流恒定，导轨间距不等高，C项正确：仅增大电流I,其他条件不变变，由F=BL可知，安培力大小不变，由牛顿小球的机械能仍守恒，c点与a点仍等高，D项、X第二定律F=a可知，加速度不变，由v=al错误、XX可知弹射车的速度与运动的时间成正比，B项【例2】A【解析】两粒子均逆时针运动，磁【例6】AC【解析】正确。安培力F=BL,当电流增大时，磁感应场亚直纸面向外，根据左手定则可知粒子均带刚好从B点射出磁强度也增大，故弹射车所受的安培力与电流的负电，A项正确；根据洛伦兹力提供向心力，有场的粒子在磁场中的大小不是正比关系，C项错误。根据右于螺旋B=n发，可得v-,由图可确定粒子运运动轨迹如图所示。定则可知电流方向沿回路PBAM时，导轨之间72由几何关系可得，轨迹产生竖直向上的磁场，结合左手定则可知电磁动半径R,粒子的速率与运动半径R、粒子的所对圆心角为60°，所弹射车所受安培力方向向右；当电流方向沿回电荷量g、质量m有关，由于粒子的速率、电荷路MABP时，根据右手螺旋定则可知，导轨之量、质量都未知，所以无法确定α、b粒子的速率用时间为石，所以有1间产生竖直向下的磁场，结合左手定则可知电的大小关系和a、b粒子所带电荷量的关系，B、磁弹射车所受安培力方向依然向右，故电流的C两项错误；根据T=πm可知，磁感应强度B合×密是-A项正确：画出不时拉变化不改变电磁弹射车所受安培力的方向，即子在磁场中的运动轨迹，由几何关系可得，从相同，周期与比荷有关，比荷不确定，无法判定电磁弹射系统能够正常工作，D项错误。A边不同位置射出磁场的粒子运动的圆心角周期关系，D项错误。【例6】ABC【解析】由左手定则可知，金属相同，所以从AB边不同位置射出磁场的粒子【例3】C【解析】各个粒子运动轨迹的圆棒一开始向右做匀加速运动，在电流反向以后，金在磁场中运动的时间相同，B项错误；由几何关心所在位置如图所示。由于粒子运动的速率相属棒开始做匀减速运动，经过一个周期速度变为系可得，从AB边中点射出磁场的粒子的轨迹等，所以三个粒子的轨道半径也相等，沿箭头20,然后重复上述运动，A、B两项正确；安培力F=方向射入的粒子在磁场中运动了半个周期，所BL,图像可知前半个周期安培力水向右，后半径-专一器是-赢解得-号C半个周期安培力水向左，不断重复，安培力的冲用时间2=2T,根据几何关系知粒子1转过项正确：如果BC边右侧存在同样的磁场，粒了从BC边射出后运动到AB边延长线上时轨迹量g=P安十（一F)=0.C项正确：一个的圆心角为60，所用时间=合T,粒子3在所对圆心角为60°，所用时间为t,所以从BC边周期内，金属棒初、末速度相同，山动能定理可知磁场中转过的圆心角为300°，所用时间3=射出的粒子运动时间应小丁t,D项错误。安培力在一个周期内不做功，D项错误。【变式2】BC【解析】从A点射入的粒子【变式4】AD【解析】导体棒向右摆出，说日T,所以：2：=1：3：5。射出磁场时速度方向与BF边的夹角为60°，如明受到向右的安培力，由左手定则可知，该磁场图甲所示，粒子在磁场中运动的圆心角为120°，·30·23XKA(新)·物理一B版一XJC
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